1、下图所示的几种情况，人对物体做了功的是（ ） A拉车向前运动 B搬而未动 C学生背着书包水平匀速前进 D将杠铃举着静止不动 2 （2 分）冰箱门把手总是安装在离门轴远的一端（如图所示） ，其中蕴含物理规律的应用 主要是（ ） A从力的角度出发，运用了省力杠杆原理 B从力的角度出发，运用了省距离杠杆原理 C从做功的角度出发，开关冰箱时手对门做功较少 D从做功的角度出发，开关冰箱时手对门做功较快 第 2 页（共 47 页） 3 （2 分）用如图所示的瓶盖起子开启瓶盖时，可将其抽象为一杠杆，若不计起子自重，图 中能正确表示它在开启瓶盖时两个力 （其中 F1是开启的作用力） 作用示意图的是 （ ） A
2、 B C D 4 （2 分）下列有关热、内能和比热容等说法中，正确的是（ ） A温度高的物体，其内能一定较大 B一块 0的冰熔化成 0的水后，温度不变内能变大 C两个物体接触后不发生热传递是因为它们的内能相等 D夏天在室外洒水降温，这是利用了水的比热容较大的性质 5 （2 分）星期天，小明在家烧水煮饺子。当水烧开准备下饺子时，小明发现锅里的水量少 了点，于是小明又往锅里迅速加了一大碗水（水量比锅里少） ，用同样大的火直至将水再 次烧开。下面能反映烧水过程中温度随时间变化的图象是（ ） A B 第 3 页（共 47 页） C D 6 （2 分）如图所示是纸锥下落过程中一段距离内的频闪照片，根据照
3、片分析可以得出的结 论是（ ） A纸锥的重力势能一直在增大 B纸锥的动能一直在增大 C纸锥的机械能一直在减小 D纸锥的机械能始终保持不变 7 （2 分）对于双量程电流表和电压表的使用，下列说法中不正确的是（ ） A都不允许将接线柱连接到电源两极 B使用前都应检查指针是否指在零刻度线 C大量程的分度值都是小量程的 5 倍 D电流都是从正接线柱流入，负接线柱流出 8 （2 分）如图所示，闭合开关 S，调节滑动变阻器，恰好使两灯泡 L1、L2都能正常发光， 则两个灯泡一定具有相同的（ ） A额定电流 B额定电压 C额定功率 D正常工作电阻值 9 （2 分）如图所示电路中，电源电压为 12V在 a、b
4、 间接入“6V 3W”灯 L1，闭合开关， 调节滑动变阻器的滑片 P 使灯 L1正常发光。断开开关，取下灯 L1，保持滑片 P 的位置 不变， 在 a、 b 间接入灯 “6V 6W” L2后闭合开关， 不考虑温度对灯丝电阻的影响， 则 （ ） 第 4 页（共 47 页） A灯 L2依然能正常发光 B灯 L2不能正常发光，但比原来的灯 L1亮 C滑动变阻器上消耗的电功率变大 D要使灯 L2正常发光，滑动变阻滑片 P 应向右移动 10 （2 分）如图所示电路，电源电压恒定，R 为光敏电阻，其阻值随着光照的增强而减小， R0为定值电阻，当光照减弱时（ ） AV 与 A1示数的比值减小 BV 与 A2
5、示数的比值不变 CA2与 A1示数之差变大 D电路消耗的总功率减小 11 （2 分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，开关 S 闭合后，有一个电表的指针 没有发生偏转，移动滑动变阻器的滑片，此时观察到只有一个电表指针的位置在改变， 若故障仅发生在 R1、R2上，则故障是（ ） A电阻 R1短路 B变阻器 R2短路 C电阻 R1断路 D变阻器 R2断路 12 （2 分）如图所示电路，电源电压不变，闭合开关后，当滑片 P 在某一端点时，电流表 示数为 0.3A，小灯泡消耗的功率为 0.9W；当滑片 P 移至中点时电压表示数变化了 2V， 此时小灯泡恰好正常发光，且消耗的功率为 2W下列说法正确
6、的是（ ） 第 5 页（共 47 页） A滑动变阻器的最大阻值为 10 B电源电压为 10V C小灯泡正常发光时的电阻为 10 D滑片 P 在最右端时，滑动变阻器消耗的功率为 1.8W 二、填空题（本题有二、填空题（本题有 8 小题每空小题每空 1 分，共计分，共计 27 分）分） 13 （7 分）针对下列图片情境回答物理问题： （1）如图（a）所示，从杠杆的分类来分析，食品夹属于 杠杆，若需要夹起一个 较滑且较重的食物，握夹子的手指应该距离食物更 （选填“近”或“远” ）一些。 （2）如图（b）所示是内燃机工作时的一个冲程，在此过程中，内燃机是将 能转 化为 能。 （3）一电吹风工作 6mi
7、n，能使如图（c）所示的电能表的转盘转过 180 转，则该电吹风 消耗的电能为 kWh，电功率为 W，这些电能可供一只“220V 10W”的 LED 灯正常工作 h。 14 （3 分）如图所示，体积相同、温度相等的酒精和水敞口放置，我们能闻到酒精的气味， 这是一种 现象，但我们却闻不到水的气味，这 （选填“能”或“不能” ） 说明水分子没有运动。将相同的红墨水分别滴入同样质量的冷水和热水中，发现热水变 成红色的时间较短，冷水变成红色的时间较长。这说明 。 第 6 页（共 47 页） 15 （3 分）如图所示，小明利用滑轮匀速提升货物，使用该滑轮的好处是 ；该货物 重 100 牛，在拉力 F 的
8、作用下，4 秒钟升高了 1 米，若不计摩擦和绳的重力，则在这段 时间内，拉力 F 做功为 焦，拉力 F 的功率为 瓦。 16 （3 分）我们每天都在产生大量垃圾，合理分类和利用垃圾是我们面临的一个重大课题。 某垃圾处理厂通过焚烧处理部分垃圾， 使质量为1000kg的水， 温度由40升高到55 这 一过程中，垃圾的 能转化为水的内能，其中水吸收的热量是 J若这些能 量由燃烧天然气来提供， 至少需要消耗 kg的天然气。 已知c水4.2103/ （kg） ， q天然气4107J/kg 17 （3 分）如图是小明用身边的器材自制的简易调光灯。闭合开关，回形针向左移动的过 程中灯泡亮度应该 （变亮/变暗
9、/不变） ；但小明发现灯泡亮度变化不明显，他应该 调换更 （粗/细）的铅笔芯来做实验。更换后他移动回形针，直至刚好看不见灯 泡发光，然后划根火柴，加热铅笔芯，发现灯泡逐渐亮起来。这一现象说明，温度越高， 铅笔芯的电阻越 。 18 （3 分）如图是电阻 A、B 的 IU 图象。由图可知：B 电阻的阻值是 ；将电阻 A、B 串联后接入电路，当通过 A 的电流为 0.3A 时，A 和 B 两端的总电压是 V； 将电阻 A、 B 并联后接入某电路， 当通过 B 的电流为 0.2A 时， A 两端的电压是 V。 第 7 页（共 47 页） 19 （2 分）如图所示为一能粗略反映手对弹簧“握力大小”的电路
10、设计，金属板 M、N 中 间是电阻不计的弹簧，其中 N 固定不动，M 可带动金属指针 P 在电阻 R 上的左右滑动。 设电源电压保持不变，将两个电学器材（待选“定值电阻” 、 “电流表”或“电压表” ）接 入 a、b 和 c、d 四个接线柱，则 a、b 之间应接入 ，c、d 之间应接入 。 20 （3 分）现有两个电阻元件，其中一个是由金属材料制成的，它的电阻随温度的升高而 增大，而另一个是由某种半导体材料制成的，其电阻随温度的升高而减小。现将其中一 个元件 R0进行测试，测得其电流与加在它两端的电压值，测试数据如表所示。 U/V 0.40 0.60 0.80 1.00 1.20 1.40 1
11、.60 I/A 0.20 0.45 0.80 1.25 1.80 2.81 3.20 （1）根据表中数据，判断元件 R0可能是由 材料制成的。 （2）把元件 R0接入如图所示的电路中，闭合开关后，电流表读数为 1.8A已知电路中 的电源电压为 3V，此时定值电阻 R 的电功率为 W。 （3）分析表中数据，写出元件 R0的 I 和 U 之间的关系式 。 三、解答题（本题有三、解答题（本题有 8 小题，其中小题，其中 29、30 题要求写出完整的解答过程，共题要求写出完整的解答过程，共 49 分）分） 21 （2 分）如图所示，某人在 A 处提起物体，请在图中画出最省力的绳子绕法。 第 8 页（共
12、 47 页） 22 （2 分）如图所示是空调室外机支架，以 O 为支点，在支架 P 孔处拉一根铁线到墙上固 定，且使铁线受到的拉力最小。请画出 P 孔与墙连接的铁线，并画出铁线拉力的力臂 l1。 23 我市现运营的部分公交车的后门左右扶杆上均装有一个红色按钮如图所示， 每个按钮相 当于一个开关，当乘客按下任一按钮，驾驶台上的指示灯亮，提醒司机有人下车。请你 在方框内设计出符合上述要求的电路图。 24 （5 分）如图是研究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验装置，实验中让钢球从 斜面上由静止滚下，推动同一木块移动一段距离。 （1）实验是通过观察 ，从而间接判断 （填“小球”或“木块” ）动能的
13、 大小。 （2）若要研究“物体动能的大小与物体质量的关系” ，应该保持 不变，在操作上 应保持 不变。 第 9 页（共 47 页） （3）通过甲、乙两图的实验探究可以得出的结论是： 。 25 （4 分）为了测定液体 A 的比热容，某小组同学用如图甲所示两套完全相同的装置进行 实验，装置中液体 A 和水的质量相等，初温均为 20。 （1）设计实验方案时，小明确定以下需控制的变量，其中多余的是 。 A采用完全相同的加热方式 B酒精灯里加相同多的酒精量 C取质量相同的水和液体 D盛水和液体的容器相同 （2）在此实验中，用 来表示物质吸收热量的多少； （3）同时加热一段时间后，液体 A 和水的温度分别
14、达到 70和 60，则液体 A 的比热 容为 （用已知水的比热容 c水来表示） ； （4）该小组同学利用两种液体的测量数据作出图象进行比较研究，绘制了如图乙所示的 温度随加热时间变化的图象，表示液体 A 的图象是 （选填“1”或“2” ） 。 26 （7 分）在“探究杠杆平衡条件的实验”中： 第 10 页（共 47 页） （1）小明安装好杠杆将其放到水平位置后松手，发现杠杆不能在水平位置平衡，于是他 将右端的平衡螺母向右调节便能使杠杆在水平位置平衡。若改为调节杠杆左端的平衡螺 母，则向 调节也能使杠杆在水平位置平衡； （2）如图（a）所示，在 A 点挂 2 个重力均为 0.5N 的钩码，在 B
15、 点用弹簧测力计竖直 向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，弹簧测力计的示数为 N； （3）如图（b） ，保持 A 点所挂砝码的数量和位置不变，将弹簧测力计绕 B 点从 a 位置 转到 b 位置，杠杆始终保持水平平衡，在此过程中拉力 F 与其力臂的乘积变化情况 是 。 A一直变小 B一直变大 C一直不变 D先变小后变大 （4）竖直向下拉弹簧测力计，使杠杆从水平位置缓慢转过一定角度，如图（c）所示， 此过程中，拉力的力臂 ，弹簧测力计的示数 （均选填”变大” 、 “变小” 或“不变” ） 。 （5）若要使图（c）状态下的弹簧测力计读数减小，可将弹簧测力计绕 B 点 （选 填“顺时针”或“逆时针” ）方
16、向转动一个小角度。 （6）小华用如图（d）装置进行探究，发现总是无法得到教材上所列出的杠杆平衡条件， 其原因是 。 27 （6 分）如图甲所示是某实验小组探究“电流与电压、电阻关系”的实验电路。使用的 第 11 页（共 47 页） 实验器材有：电压为 3V 的电源，电流表、电压表各一个，开关一个，5、10、20、 30 的定值电阻各一个，规格“12 1A”的滑动变阻器一个，导线若干。 （1）请用笔画线代替导线，将图甲中实物电路连接完整。要求：实验过程中滑片 P 向左 移动时，电压表的示数减小。 表一 次数 1 2 3 U/V 1.0 1.5 2.0 I/A 0.2 0.4 表二 次数 1 2
17、3 R/ 5 10 20 I/A 0.4 0.2 0.12 （2）探究电流与电压的关系时，所测得的部分电流、电压值见表一，在表一第 2 次实验 中，电流表的示数如图乙所示，则通过电阻的电流为 A根据表一中的数据可以 得到结论是 。 （3）在探究电流与电阻的关系时，所测得的几组电流、电阻值如表二所示。 由于操作不当， 导致一组数据存在错误， 请判断第 次实验的电流数据存在错误。 产生错误的原因是 。 纠正错误以后， 该小组用 30 的电阻替换 20 的电阻进行了第 4 次实验， 发现实验无 法进行下去，为完成第 4 次实验，同学们提出了下列解决方案，其中正确的是 。 A将电压表的量程换为 015
18、V 第 12 页（共 47 页） B换成电压为 6V 的电源 C可将 30 电阻两端的电压调为 2.5V D更换最大阻值大于或等于 15 的滑动变阻器 28 （9 分）小华同学准备做“测量小灯泡电功率”实验，实验室有如下器材：电源（电压 恒为 6V） 、小灯泡（额定电压为 2.5V，灯丝电阻约为 10） ，电流表、电压表、开关各一 个，规格分别为 R1“10 1A“和 R2“50 0.8A“的滑动变阻器各一个，导线若干。 （1）小华设计了图甲所示的电路，她应选择滑动变阻器 （选填“R1”或“R2” ） 完成实验。 （2）小华移动滑片改变灯泡的电压和电流，根据记录的实验数据描绘出小灯泡 UI 图
19、 象（如图乙所示） ，则小灯泡的额定功率为 W。 （3）本实验电路除了能测出小灯泡的功率，小明认为还能测出小灯泡灯丝的阻值，小华 认为还能探究电流与电压的关系， 你认为 同学的观点是错误的， 理由是： 。 （4）小明利用电流表和定值电阻 R 测该小灯泡的额定功率，设计的电路如图丙所示，已 知定值电阻 R 的阻值为 10，请补充完成他的操作过程： 仅闭合开关 S 和 ，调节滑动变阻器的滑片，使电流表的示数为 A，此 时小灯泡正常发光； 仅闭合开关 S 和 ，且 （选填“保持滑动变阻器滑片位置不变”或“移 动滑动变阻器滑片位置到适当位置” ） ，记录电流表的示数为 I； 小明测得小灯泡额定功率表达
20、式为：P额 （用已知量和测得量表示） 。 29 （6 分）一辆小汽车牵引力功率为 20kW若某次在高速公路上以 25m/s 的速度匀速行驶 1h 的过程中，消耗了 6.4kg 汽油（完全燃烧） ，已知汽油热值（q汽油4.5107J/kg） ，汽 车做功效率的定义：汽车行驶过程中所做的有用功与汽油完全燃烧释放的热量之比。求： （1）汽车牵引力做的功； （2）该汽车行驶过程中所受到的阻力 f； 第 13 页（共 47 页） （3）该汽车在此过程中的做功效率 。 30 （6 分）如图甲所示电路中，R0为定值电阻，R1为滑动变阻器。在滑动变阻器滑片从 a 端滑到 b 端的过程中，滑动变阻器消耗的电功率
21、随电流的变化关系如图乙所示。求： （1）滑动变阻器的最大阻值； （2）电源电压； （3）R0消耗的最大功率。 第 14 页（共 47 页） 2019-2020 学年江苏省南京市鼓楼区九年级（上）期末物理试卷学年江苏省南京市鼓楼区九年级（上）期末物理试卷 参考答案与试题解析参考答案与试题解析 一、选择题（本大题共一、选择题（本大题共 12 小题，仅有一个选项符合题意，每题小题，仅有一个选项符合题意，每题 2 分，共分，共 24 分）分） 1 （2 分）下图所示的几种情况，人对物体做了功的是（ ） A拉车向前运动 B搬而未动 C学生背着书包水平匀速前进 D将杠铃举着静止不动 【分析】做功的两个必要
22、因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离。二 者缺一不可。 【解答】解：A、人给小车一个向前的拉力作用，小车在拉力作用下向前移动了距离，人 对小车做功，A 符合题意。 B、搬石头时，人给石头一个力的作用，石头在力的作用下没有移动距离，人对石头没有 做功，B 不符合题意。 C、学生背着书包水平匀速前进，学生给书包一个向上的力，但书包向上没有移动距离， 人对书包没有做功，C 不符合题意。 D、运动员将杠铃举起后不动，运动员给杠铃一个向上的力，杠铃向上没有移动距离，人 第 15 页（共 47 页） 对杠铃没有做功，D 不符合题意。 故选：A。 【点评】有力有距离，力对物体不一定做功，要使力
23、对物体做功，物体移动的距离一定 是在力的方向上通过的。 2 （2 分）冰箱门把手总是安装在离门轴远的一端（如图所示） ，其中蕴含物理规律的应用 主要是（ ） A从力的角度出发，运用了省力杠杆原理 B从力的角度出发，运用了省距离杠杆原理 C从做功的角度出发，开关冰箱时手对门做功较少 D从做功的角度出发，开关冰箱时手对门做功较快 【分析】 （1）任何机械都不能省功； （2）力的三要素共同影响着力的作用效果； （3）在 阻力和阻力臂不变的情形下，动力臂越大，动力越小。 【解答】解：AB、门的把手安装在离门轴远的一端，说明动力作用点离门轴较远，动力 臂大于阻力臂，因此推门时，省力，但费距离，故 A 正
24、确，B 错误； C、任何机械都不能省功，故 C 错误； D、开关冰箱时，手对门做功的快慢与门把手的距离无关，故 D 错误。 故选：A。 【点评】此题主要考查学生对力的三要素和功的原理的理解和掌握。 3 （2 分）用如图所示的瓶盖起子开启瓶盖时，可将其抽象为一杠杆，若不计起子自重，图 中能正确表示它在开启瓶盖时两个力 （其中 F1是开启的作用力） 作用示意图的是 （ ） 第 16 页（共 47 页） A B C D 【分析】先确定支点，然后根据动力和阻力的定义以及力臂关系即可得出答案。 【解答】解：用开瓶器开启瓶盖时，支点是开瓶器与瓶盖上方的接触点，即图中杠杆的 左端 O，阻力为瓶盖对开瓶器竖直
25、向下的作用力 F2， 动力为手对开瓶器右侧竖直向上的作用力 F1，因为动力臂大于阻力臂，所以开瓶器为省 力杠杆，即 F1F2，故 ACD 错误，B 正确。 故选：B。 【点评】本题考查了有关杠杆的几个概念，支点、动力、阻力、动力臂、阻力臂称为杠 杆的五要素，学会建立模型来解决实际问题。 4 （2 分）下列有关热、内能和比热容等说法中，正确的是（ ） A温度高的物体，其内能一定较大 B一块 0的冰熔化成 0的水后，温度不变内能变大 C两个物体接触后不发生热传递是因为它们的内能相等 D夏天在室外洒水降温，这是利用了水的比热容较大的性质 【分析】 （1）内能的大小跟质量、温度、状态有关；晶体熔化过程
26、吸收热量，温度不变； （2）热传递的条件是两个物体之间存在温度差，热量从高温物体传给低温物体或者从高 温部分传递到低温部分； （3）汽化吸热。 【解答】解： A、内能的大小与物体的质量、温度、状态都有关，所以，温度高的物体，其内能不一定 大，故 A 错误； B、一块 0的冰熔化成 0的水，要吸收热量，其温度不变，但内能增加；故 B 正确； C、两个物体接触后不发生热传递是因为它们的温度相等，故 C 错误； 第 17 页（共 47 页） D、夏天在室内洒水降温，利用了水汽化吸热的特点，故 D 错误。 故选：B。 【点评】本题围绕热学的一些基本概念考查了我们对内能、热传递的条件、汽化吸热等 的理解
27、，属基础知识的考查。 5 （2 分）星期天，小明在家烧水煮饺子。当水烧开准备下饺子时，小明发现锅里的水量少 了点，于是小明又往锅里迅速加了一大碗水（水量比锅里少） ，用同样大的火直至将水再 次烧开。下面能反映烧水过程中温度随时间变化的图象是（ ） A B C D 【分析】水在常温下，吸收热量，温度不断升高，达到一定温度时，不断吸收热量，温 度保持不变，这个不变的温度是水此时的沸点； 水的沸点跟气压有关，跟初温、质量多少都没有关系。 【解答】解：水沸腾之后，温度保持不变；往锅里加水时，水面上方的气压不变，所以 水的沸点与原来相同，而 A 图象中水的沸点降低，故 A 错误； 当向锅里迅速加了一大碗
28、水后，锅内水的温度立即降低，不会缓慢下降，故 D 错误； 由于加水后水温降低，水的总质量增大，所以水的升温速度比原来要慢（即图线的倾斜 程度应小一些） ，故 C 正确，B 错误。 故选：C。 【点评】本题通过图象考查了液体的沸点跟气压的关系以及液体沸腾时的特点。 6 （2 分）如图所示是纸锥下落过程中一段距离内的频闪照片，根据照片分析可以得出的结 论是（ ） 第 18 页（共 47 页） A纸锥的重力势能一直在增大 B纸锥的动能一直在增大 C纸锥的机械能一直在减小 D纸锥的机械能始终保持不变 【分析】动能的大小与速度和质量有关；重力势能的大小与质量和高度有关；机械能为 动能和势能的和。 【解答
29、】解：由图可知，纸锥在下落过程中，在相同时间内通过的路程先增大后不变， 说明纸锥的速度先增大后不变，且纸锥的质量不变，则纸锥的动能先增大后不变；纸锥 的高度不断减小，其重力势能减小，故 AB 错误； 由于纸锥在下落过程中会受到空气阻力的作用，机械能会转化为内能，所以其机械能会 减小，故 C 正确，D 错误。 故选：C。 【点评】本题考查了影响动能、重力势能、机械能的因素，属于基础知识。 7 （2 分）对于双量程电流表和电压表的使用，下列说法中不正确的是（ ） A都不允许将接线柱连接到电源两极 B使用前都应检查指针是否指在零刻度线 C大量程的分度值都是小量程的 5 倍 D电流都是从正接线柱流入，
30、负接线柱流出 【分析】电流表要串联在电路中使用。电流表本身内阻非常小，所以绝对不允许不通 过任何用电器而直接把电流表接在电源两极，这样，会使通过电流表的电流过大，烧毁 电流表。 电压表要并联在电路中使用，和哪个用电器并联，就测哪个用电器两端电压；和电流 表不同的是，电压表可以不通过任何用电器直接接在电源两极上，这时，测量的是电源 电压。 【解答】解： 第 19 页（共 47 页） A、 绝对不允许不通过任何用电器而直接把电流表接在电源两极， 这样会使通过电流表的 电流过大，烧毁电流表； 电压表可以直接接在电源的两极上，此时测量电源电压，故 A 错误； B、使用电流表或电压表之前，要检查指针是否
31、指在零刻度线，必要时进行调零，故 B 正确； C、电流表和电压表的大量程的分度值都是小量程的 5 倍，故 C 正确； D、使用电流表或电压表时，必须让电流从电流表、电压表的正接线柱流入，负接线柱流 出，故 D 正确。 故选：A。 【点评】电流表、电压表是电学最常用的电表，需要熟练掌握其使用和读数方法。 8 （2 分）如图所示，闭合开关 S，调节滑动变阻器，恰好使两灯泡 L1、L2都能正常发光， 则两个灯泡一定具有相同的（ ） A额定电流 B额定电压 C额定功率 D正常工作电阻值 【分析】由电路图可知，两灯泡和滑动变阻器串联，根据串联电路的电流特点结合两灯 泡 L1、 L2都能正常发光可知两者额
32、定电流关系， 两灯泡的规格不确定， 电阻关系不确定， 根据欧姆定律可知两灯泡两端的电压即额定电压不确定，根据 PUI 可知额定功率不确 定。 【解答】解：由电路图可知，两灯泡和滑动变阻器串联， A、因串联电路中各处的电流相等，且两灯泡 L1、L2都能正常发光， 所以，两灯泡的额定电流相等，故 A 正确； D、因两灯泡的规格不确定， 所以，两灯泡正常工作时的电阻不一定相等，故 D 错误； B、两灯的电阻关系不确定， 所以，由 UIR 可知，两灯泡的额定电压不一定相等，故 B 错误； C、虽然两灯泡的额定电流相等，但两灯泡的额定电压不确定，由 PUI 可知，不能确 第 20 页（共 47 页） 定
33、两灯泡的额定功率相等，故 C 错误。 故选：A。 【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意灯泡正常 发光时的电流和额定电流相等。 9 （2 分）如图所示电路中，电源电压为 12V在 a、b 间接入“6V 3W”灯 L1，闭合开关， 调节滑动变阻器的滑片 P 使灯 L1正常发光。断开开关，取下灯 L1，保持滑片 P 的位置 不变， 在 a、 b 间接入灯 “6V 6W” L2后闭合开关， 不考虑温度对灯丝电阻的影响， 则 （ ） A灯 L2依然能正常发光 B灯 L2不能正常发光，但比原来的灯 L1亮 C滑动变阻器上消耗的电功率变大 D要使灯 L2正常发光，滑动变阻滑片
34、 P 应向右移动 【分析】根据 R算出灯 L1的电阻和灯 L2的电阻； （1）根据两个灯泡电阻的不同分析灯的发光情况的变化； （2）在 a、b 间接入“6V 3W”灯 L1，灯 L1正常发光，根据串联电路算出此时滑动变阻 器的电压也为 6V， 电阻也为 12， 当保持滑片 P 的位置不变， 在 a、 b 间接入灯 “6V 6W” L2后闭合开关，根据欧姆定律算出电路的电流，根据 PI2R 算出小灯泡的实际功率并比 较与原来灯 L1的亮度； （3）灯 L2的电阻小于灯 L1的电阻，根据串联电路电压的规律知电阻变小，电路的电流 增大，滑动变阻器分压增大，根据 PUI 分析滑动变阻器上消耗的电功率；
35、 （4）根据串联电路的分压作用分析解答。 【解答】解：由 P可得，灯 L1的电阻为： R112， 灯 L2的电阻为： 第 21 页（共 47 页） R26， A、灯 L1正常发光时，其两端的电压为 6V，接入灯 L2，两灯的电阻不同，则 ab 间的电 压会发生变化，不等于 6V，灯 L2不会正常发光，故 A 错误； B、在 a、b 间接入“6V 3W”灯 L1，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片 P 使灯 L1正常发 光，由串联分压的规律可知，此时滑动变阻器的电压也为 6V，电阻也为 12， 当保持滑片 P 的位置不变，在 a、b 间接入灯“6V 6W”L2后闭合开关， 电路的电流为 IA，小灯泡
36、的实际功率为：P2I2R2 62.7W3W，所以比原来的灯 L1暗，故 B 错误； C、灯 L2的电阻小于灯 L1的电阻，在 a、b 间接入灯泡 L2后总电阻变小，电路的电流增 大，由题知滑片 P 的位置不变（即变阻器接入的阻值不变） ，根据 PI2R 可知，滑动变 阻器上消耗的电功率变大，故 C 正确； D、要使灯 L2正常发光，需要增大 L2两端的电压，减小滑动变阻器两端的电压，减小滑 动变阻的电阻，滑片 P 应向左移动，故 D 错误。 故选：C。 【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到电功率公式和欧姆定律、串联电路特点的 应用，要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。 10 （2 分）如
37、图所示电路，电源电压恒定，R 为光敏电阻，其阻值随着光照的增强而减小， R0为定值电阻，当光照减弱时（ ） AV 与 A1示数的比值减小 BV 与 A2示数的比值不变 CA2与 A1示数之差变大 D电路消耗的总功率减小 【分析】由图可知，光敏电阻 R 与定值电阻 R0并联，电压表测量的是 R 两端的电压， 即电源的电压；电流表 A1测量的是通过 R 的电流，电流表 A2测量的是干路中的电流； 根据光照强度的变化判定电阻的变化，根据电阻的变化，利用欧姆定律和并联电路的特 第 22 页（共 47 页） 点判定电流表示数的变化；根据公式 PUI 判定电路总功率的变化。 【解答】解： 由图可知，光敏电
38、阻 R 与定值电阻 R0并联，电压表测量的是 R 两端的电压（即电源的 电压） ，保持不变；电流表 A1测量的是通过 R 的电流，电流表 A2测量的是干路中的电 流； 已知光敏电阻 R 的阻值随着光照的增强而减小，则当光照减弱时，R 的阻值变大，根据 欧姆定律可知，通过 R 的电流变小，即电流表 A1示数变小； 根据并联电路的特点可知，通过 R0的电流不变，而通过 R 的电流变小，所以干路中的电 流变小，即电流表 A2示数变小； A、由欧姆定律可知，V 与 A1示数的比值为光敏电阻 R 的阻值，因 R 的阻值变大，则该 比值变大，故 A 错误； B、电压表示数不变，A2示数变小，则 V 与 A
39、2示数的比值变大，故 B 错误； C、由并联电路的特点可知，A2与 A1示数之差为通过 R0的电流，保持不变，故 C 错误； D、电源电压不变，总电流变小，根据 PUI 可知，总功率减小，故 D 正确。 故选：D。 【点评】对于这类题目的电路图的分析要结合串并联电路的特点，按照题意进行分析找 出电阻的变化是解题的关键。 11 （2 分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，开关 S 闭合后，有一个电表的指针 没有发生偏转，移动滑动变阻器的滑片，此时观察到只有一个电表指针的位置在改变， 若故障仅发生在 R1、R2上，则故障是（ ） A电阻 R1短路 B变阻器 R2短路 C电阻 R1断路 D变阻器
40、 R2断路 【分析】由电路图可知，定值电阻 R1与滑动变阻器 R2串联，电压表测定值电阻 R1两端 电压，电流表测电路电流，逐个分析每个选项找出符合要求的选项。 【解答】解：由电路图可知，定值电阻 R1与滑动变阻器 R2串联，电压表测定值电阻 R1 两端电压，电流表测电路中的电流； 第 23 页（共 47 页） A若电阻 R1短路时，电压表被短路无示数（即电压表的指针没有发生偏转） ，当移动滑 片时，电路中的电阻发生改变，电路中的电流发生变化，即电流表指针的位置在改变， 故 A 符合题意； B若变阻器 R2短路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流，则最初电压表和 电流表都有示数，移动滑片
41、，电流表指针的位置在改变，故 B 不符合题意； C若电阻 R1断路，电路断路，电流表无示数，电压表串联在电路中测电源的电压，移 动滑片，电压表示数保持不变，故 C 不符合题意； D若变阻器 R2断路，整个电路断路，电压表和电流表均无示数，故 D 不符合题意。 故选：A。 【点评】电路故障问题是电学测试中经常考查的问题。解决的一般步骤是将每个选项代 入题目，根据应该出现的现象和题目中描述的现象进行对比，符合题意的即为正确答案。 12 （2 分）如图所示电路，电源电压不变，闭合开关后，当滑片 P 在某一端点时，电流表 示数为 0.3A，小灯泡消耗的功率为 0.9W；当滑片 P 移至中点时电压表示数
42、变化了 2V， 此时小灯泡恰好正常发光，且消耗的功率为 2W下列说法正确的是（ ） A滑动变阻器的最大阻值为 10 B电源电压为 10V C小灯泡正常发光时的电阻为 10 D滑片 P 在最右端时，滑动变阻器消耗的功率为 1.8W 【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测 电路中的电流。 （1） 比较滑片P在某一端点和滑片P移至中点时灯泡消耗的功率判断开始时滑片的位置， 根据 PUI 求出此时灯泡两端的电压，根据串联电路的分压特点结合电压表示数的变化 判断滑片位于中点时电压表的示数，根据 PUI求出灯泡正常发光时的电阻； （2）当滑片 P 移到最右端点时，根据
43、串联电路的电压特点和欧姆定律表示电源的电压， 滑片 P 移到中点时，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，根据串联 电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出滑动 第 24 页（共 47 页） 变阻器的最大阻值，进一步求出电源的电压； （3）滑片 P 在最右端时，根据 PI2R 求出滑动变阻器的功率。 【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流 表测电路中的电流。 （1）当滑片 P 在某一端点时，电流表示数为 0.3A，小灯泡消耗的功率为 0.9W； 当滑片 P 移至中点时，电压表示数变化了 2V，此时小灯泡恰好正常发
44、光，且消耗的功率 为 2W， 由小灯泡消耗的功率变大可知，当电路中的电流 I0.3A 时，滑动变阻器接入电路中的 电阻最大（滑片 P 在最右端） ， 由 PUI 可得，此时灯泡两端的电压： UL3V， 当滑片 P 移到中点时，变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的电流变大，灯泡两端的 电压变大， 由电压表示数变化了 2V 可知， 此时灯泡两端的电压 （额定电压） ： ULUL+2V3V+2V 5V， 因此时灯泡正常发光，且灯泡的功率 PL2W， 所以，由 PUI可得，灯泡正常发光时的电阻： RL12.5，故 C 错误； （2）当滑片 P 在最右端时，灯泡两端的电压 UL3V，电路中的电流 I0.
45、3A， 因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，由 I可得，电源的电压： UUL+IR滑3V+0.3AR滑， 当滑片 P 移到中点时，灯泡两端的电压 UL5V， 因串联电路中各处的电流相等， 所以，此时电路中的电流： I0.4A， 电源的电压： 第 25 页（共 47 页） UUL+I5V+0.4A， 因电源的电压不变， 所以，3V+0.3AR滑5V+0.4A， 解得：R滑20，故 A 错误； 电源的电压 UUL+IR3V+0.3A209V，故 B 错误； （3）滑片 P 在最右端时，滑动变阻器消耗的功率： PRI2R滑（0.3A）2201.8W，故 D 正确。 故选：D。 【点评】本题考
46、查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意本题中灯 泡的电阻是变化的。 二、填空题（本题有二、填空题（本题有 8 小题每小题每空空 1 分，共计分，共计 27 分）分） 13 （7 分）针对下列图片情境回答物理问题： （1）如图（a）所示，从杠杆的分类来分析，食品夹属于 费力 杠杆，若需要夹起一 个较滑且较重的食物，握夹子的手指应该距离食物更 近 （选填“近”或“远” ）一些。 （2）如图（b）所示是内燃机工作时的一个冲程，在此过程中，内燃机是将 机械 能 转化为 内 能。 （3）一电吹风工作 6min，能使如图（c）所示的电能表的转盘转过 180 转，则该电吹风 消耗的电能为 0
47、.1 kWh，电功率为 1000 W，这些电能可供一只“220V 10W”的 LED 灯正常工作 10 h。 【分析】 （1）结合图片和生活经验，判断食品夹在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小 关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆； 要夹起一个较滑且较重的食物，需要增大夹子对食物的压力，阻力臂不变，人的动力若 不变，根据杠杆的平衡条件分析出握夹子的手距离食物的距离； 第 26 页（共 47 页） （2）由进气门和排气门的关闭和打开情况、活塞的上行和下行情况来判断是哪个冲程。 四个冲程中压缩冲程是机械能转化为内能，做功冲程是内能转化为机械能，排气和吸气 冲程没有能的转化。 （3） “1800r/kWh”表示电路中每消耗 1kWh 的电能，电能表转盘转过 1800r；据此求 电能表转盘转 180r 消耗的电能，再利用 P求出电吹风的功率； 求出了电吹风消耗的电能，再利用 P求可供“220V10W”的节能灯正常工作的时间。 【解答】解： （1）食品夹在使用时，由于动力臂小于阻力臂，所以是费力杠杆； 要夹起一个较滑且较重的食物，需要增大夹子对食物的压力，由力作用的相互性可知， 食物对食品夹的阻力增大；根据图示可知阻力臂不变，人的动力若不变，根据杠杆的平 衡条件
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