1、第五单元 机械能测试题一、单选题(共 15 小题) 1.一个排球在 A 点被竖直抛出时动能为 20 J，上升到最大高度后，又回到 A 点，动能变为 12 J，设排球在运动中受到的阻力大小恒定，则( )A 上升到最高点过程重力势能增加了 20 JB 上升到最高点过程机械能减少了 8 JC 从最高点回到 A 点过程克服阻力做功 4 JD 从最高点回到 A 点过程重力势能减少了 12 J2.如图 4 所示，一小物块被夹子夹紧，夹子通过轻绳悬挂在小环上，小环套在水平光滑细杆上物块质量为 M，到小环的距离为 L，其两侧面与夹子间的最大静摩擦力均为 F.小环和物块以速度 v 向右匀速运动，小环碰到杆上的钉
2、子 P 后立刻停止，物块向上摆动整个过程中，物块在夹子中没有滑动小环和夹子的质量均不计，重力加速度为 g.下列说法正确的是( )图 4A 物块向右匀速运动时，绳中的张力等于 2FB 小环碰到钉子 P 时，绳中的张力大于 2FC 物块上升的最大高度为D 速度 v 不能超过3.竖直向上的恒力 F 作用在质量为 m 的物体上，使物体从静止开始运动当物体升高 h 时，速度为 v.在运动过程中，设阻力恒为 f，则( )A 恒力 F 对物体做的功等于物体动能的增量B 恒力 F 对物体做的功等于物体机械能的增量C 恒力 F 与阻力 f 对物体做的功转化为物体的机械能D 恒力 F 与阻力 f 对物体做的功等于
3、物体机械能的增量4.质量为 m 的物体从倾角为 且固定的光滑斜面顶端由静止开始下滑，斜面高为 h，当物体滑至斜面底端时，重力做功的瞬时功率为( )AmgB mgsinCmgsinDmg5.冲击钻是一种打孔的工具，工作时，钻头在电动机带动下不断地冲击墙壁打出圆孔冲击钻在工作的过程中( )A 有电能和机械能、内能的转化B 只有电能和机械能的转化C 只有电能和内能的转化D 只有机械能和内能的转化6.汽车越来越成为我们生活的必需品，提高汽车运动速率的有效途径是增大发动机的功率和减小阻力因数(设阻力与汽车运动速率的平方成正比，即 Fkv 2，k 是阻力因数) 当发动机的额定功率为P0 时，汽车运动的最大
4、速率为 vm，如果要使汽车运动的最大速率增大到 2vm，则下列办法可行的是( )A 阻力因数不变，使发动机额定功率增大到 4P0B 发动机额定功率不变，使阻力因数减小到 k/4C 阻力因数不变，使发动机额定功率增大到 2P0D 发动机额定功率不变，使阻力因数减小到 k/87.起重机将质量为 m 的货物由静止开始以加速度 a 匀加速提升，在 t 时间内上升 h 高度，设在 t 时间内起重机对货物的拉力做的功为 W、平均功率为 ，则( )AWmahBW mghC D 8.如图所示，一足够长的木板在光滑的水平面上以速度 v 向右匀速运动，现将质量为 m 的物体竖直向下轻轻地放置在木板上的右端，已知物
5、体 m 和木板之间的动摩擦因数为 ，为保持木板的速度不变，从物体 m 放到木板上到它相对木板静止的过程中，须对木板施一水平向右的作用力 F，那么力 F 对木板做功的数值为( )Amv 2/4Bmv 2/2Cmv 2D 2mv 29.如图，一长为 L 的轻杆一端固定在光滑铰链上，另一端固定一质量为 m 的小球一水平向右的拉力作用于杆的中点，使杆以角速度 匀速转动，当杆与水平方向成 60时，拉力的功率为( )AmgLB mgLC mgLD mgL10.如图所示是质量为 1 kg 的滑块在水平面上做直线运动的 vt 图象下列判断正确的是( )A 在 t1 s 时，滑块的加速度为零B 在 46 s 时
6、间内，滑块的平均速度为 2.5 m/sC 在 37 s 时间内，合力做功的平均功率为 2 WD 在 56 s 时间内，滑块受到的合力为 2 N11.质量为 2 kg 的物体，放在动摩擦因数为 0.1 的水平面上，在水平拉力 F 的作用下，由静止开始运动，拉力做的功 W 和物体发生的位移 x 之间的关系如图所示， g10 m/s2，下列说法中正确的是( )A 此物体在 AB 段做匀加速直线运动，且整个过程中拉力的最大功率为 15 WB 此物体在 AB 段做匀速直线运动，且整个过程中拉力的最大功率为 6 WC 此物体在 AB 段做匀加速直线运动，且整个过程中拉力的最大功率为 6 WD 此物体在 A
7、B 段做匀速直线运动，且整个过程中拉力的最大功率为 15 W12.如图所示，一质量为 m 的滑块以初速度 v0 从固定于地面的斜面底端 A 开始冲上斜面，到达某一高度后返回 A，斜面与滑块之间有摩擦下列各项分别表示它在斜面上运动的速度 v、加速度 a、重力势能 Ep 和机械能 E 随时间变化的图象，可能正确的是( )ABCD13.如图所示，大小相同的力 F 作用在同一个物体上，物体分别沿光滑水平面、粗糙水平面、光滑斜面、竖直方向运动一段相等的距离 s，已知力 F 与物体的运动方向均相同则上述四种情景中都相同的是( )A 拉力 F 对物体做的功B 物体的动能增量C 物体加速度的大小D 物体运动的
8、时间14.静止在地面上的物体在竖直向上的恒力作用下上升，在某一高度撤去恒力不计空气阻力，在整个上升过程中，物体机械能随时间变化关系是ABCD15.某同学将一个质量为 m 的小球竖直向上抛出，小球上升的最大高度为 H.设上升过程中空气阻力F 大小恒定则在上升过程中( )A 小球的动能减小了 mgHB 小球机械能减小了 FHC 小球重力势能减小了 mgHD 小球克服空气阻力做功(Fmg)H二、实验题(共 3 小题) 16.用如图甲所示的实验装置验证机械能守恒定律打点计时器所用交流电源频率为 50 Hz，重锤从高处由静止开始下落，打点计时器在重锤拖着的纸带上打出一系列的点，对纸带上相关点间距离进行测
9、量，即可验证机械能守恒定律(1)下面列举了关于该实验的几个操作步骤，其中不恰当的是_A按照图示的装置安装器件B将打点计时器接到电压值符合要求的直流电源上C打开夹紧纸带的夹子后，再接通电源开关，打出一条纸带D测量纸带上打出的相关点之间的距离(2)实验中某同学得到的一条点迹清晰的完整纸带如图乙所示纸带上的第一个点记为 O，另选连续的三个计时点 A、B 、C 进行测量，图中给出了这三个点到 O 点的距离 hA、 hB 和 hC 的值当地重力加速度为 g9.80 m/s 2.回答下列问题( 计算结果保留 3 位有效数字)：打点计时器打 B 点时，重物速度的大小 vB_m/s.通过分析该同学测量的实验数
10、据，他的实验结果是否验证了机械能守恒定律？简要说明分析的依据_.17.某学习小组在“探究功与速度变化关系”的实验中采用了如图所示的实验装置(1)将气垫导轨接通气泵，通过调平螺丝调整气垫导轨使之水平，检查是否调平的方法是_(2)如下图所示，游标卡尺测得遮光条的宽度 d_cm；实验时，将橡皮条挂在滑块的挂钩上，向后拉伸一定的距离，并做好标记，以保证每次拉伸的距离恒定现测得挂一根橡皮条时，滑块弹离橡皮条后，经过光电门的时间为 t，则滑块最后匀速运动的速度表达式为 _(用字母表示)(3)逐条增加橡皮条，记录每次遮光条经过光电门的时间，并计算出对应的速度则画出的 Wv 2图象应是_18.在“验证机械能守
11、恒定律” 的实验中(1)实验的研究对象是_(2)供选择的重物有以下四个，应选择( )A质量为 100 g 的钩码B质量为 10 g 的砝码C质量为 200 g 的木球D质量为 10 g 的塑料球(3)给打点计时器提供的电源如下，应选择( )A4 节干电池B3 节蓄电池C学生电源 4 V6 V，交流输出D学生电源 4 V6 V，直流输出三、计算题(共 3 小题) 19.如图甲所示，一质量为 m1 kg 的物块静止在粗糙水平面上的 A 点，从 t0 时刻开始物块受到如图乙所示规律变化的水平力 F 的作用并向右运动，第 3 s 末物块运动到 B 点时速度刚好为 0，第5 s 末物块刚好回到 A 点，
12、已知物块与粗糙水平面间的动摩擦因数 0.2，求：(g10 m/s 2)(1)A 与 B 间的距离；(2)水平力 F 在前 5 s 内对物块做的功20.滑板运动是极限运动的鼻祖，许多极限运动项目均由滑板项目延伸而来如图是滑板运动的轨道，BC 和 DE 是两段光滑圆弧形轨道，BC 段的圆心为 O 点，圆心角为 60，半径 OC 与水平轨道CD 垂直，水平轨道 CD 段粗糙且长 8 m一运动员从轨道上的 A 点以 3 m/s 的速度水平滑出，在 B点刚好沿轨道的切线方向滑入圆弧轨道 BC，经 CD 轨道后冲上 DE 轨道，到达 E 点时速度减为零，然后返回已知运动员和滑板的总质量为 60 kg，B、
13、E 两点与水平面 CD 的竖直高度为 h 和 H，且h2 m，H2.8 m，g 取 10 m/s2.求：(1)运动员从 A 运动到达 B 点时的速度大小 vB；(2)轨道 CD 段的动摩擦因数 ；(3)通过计算说明，第一次返回时，运动员能否回到 B 点？如能，请求出回到 B 点时速度的大小；如不能，则最后停在何处？21.如图 14 所示，物块 A 和 B 通过一根轻质不可伸长的细绳相连，跨放在质量不计的光滑定滑轮两侧，质量分别为 mA2 kg、 mB1 kg.初始时 A 静止于水平地面上，B 悬于空中现将 B 竖直向上再举高 h 1.8 m(未触及滑轮 )，然后由静止释放一段时间后细绳绷直，A
14、、B 以大小相等的速度一起运动，之后 B 恰好可以和地面接触取 g10 m/s 2，空气阻力不计求：图 14(1)B 从释放到细绳刚绷直时的运动时间 t；(2)A 的最大速度 v 的大小；(3)初始时 B 离地面的高度 H.四、填空题(共 2 小题) 22.某同学把附有滑轮的长木板平放在实验桌面上，将细绳一端拴在小车上，另一端绕过定滑轮，挂上适当的钩码使小车在钩码的牵引下运动，以此定量研究绳拉力做功与小车动能变化的关系此外还准备了打点计时器及配套的电源、导线、复写纸、纸带、小木块等组装的实验装置如图所示(1)若要完成该实验，必须的实验器材还有哪些_ (2)实验开始时，他先调节木板上定滑轮的高度
15、，使牵引小车的细绳与木板平行他这样做的目的是下列的哪个_(填字母代号 )A避免小车在运动过程中发生抖动B可使打点计时器在纸带上打出的点迹清晰C可以保证小车最终能够实现匀速直线运动D可在平衡摩擦力后使细绳拉力等于小车受的合力(3)平衡摩擦后，当他用多个钩码牵引小车时，发现小车运动过快，致使打出的纸带上点数太少，难以选到合适的点计算小车的速度在保证所挂钩码数目不变的条件下，请你利用本实验的器材提出一个解决方法：_.(4)他将钩码重力做的功当做细绳拉力做的功，经多次实验发现拉力做功总是要比小车动能增量大一些，这一情况可能是下列哪些原因造成的_(填字母代号) A在接通电源的同时释放了小车B小车释放时离
16、打点计时器太近C阻力未完全被小车重力沿木板方向的分力平衡掉D钩码做匀加速运动，钩码重力大于细绳拉力23.利用图 a 所示实验装置可粗略测量人吹气产生的压强两端开口的细玻璃管水平放置，管内塞有潮湿小棉球，实验者从玻璃管的一端 A 吹气，棉球从另一端 B 飞出，测得玻璃管内部截面积 S，距地面高度 h，棉球质量 m，开始时的静止位置与管口 B 的距离 x，落地点 C 与管口 B 的水平距离l.然后多次改变 x，测出对应的 l，画出 l2x 关系图线，如图 b 所示，并由此得出相应的斜率 k.(1)若不计棉球在空中运动时的空气阻力，根据以上测得的物理量可得，棉球从 B 端飞出的速度v0_.(2)假设
17、实验者吹气能保持玻璃管内气体压强始终为恒定值，不计棉球与管壁的摩擦，重力加速度g，大气压强 p0 均为已知，利用图 b 中拟合直线的斜率 k 可得，管内气体压强 p_.(3)考虑到实验时棉球与管壁间有摩擦，则(2)中得到的 p 与实际压强相比_( 填偏大、偏小)五、简答题(共 1 小题) 24.利用如图 8 甲所示的实验装置探究恒力做功与物体动能变化的关系小车的质量为 M200.0 g，钩码的质量为 m10.0 g，打点计时器的电源为 50 Hz 的交流电甲乙图 8(1)挂钩码前，为了消除摩擦力的影响，应调节木板右侧的高度，直至向左轻推小车观察到_(2)挂上钩码，按实验要求打出的一条纸带如图乙
18、所示选择某一点为 O，依次每隔 4 个计时点取一个计数点用刻度尺量出相邻计数点间的距离 x，记录在纸带上计算打出各计数点时小车的速度 v，其中打出计数点“1”时小车的速度 v1_m/s.(3)将钩码的重力视为小车受到的拉力，取 g9.80 m/s2，利用 Wmg x 算出拉力对小车做的功 W.利用 EkMv 2 算出小车动能，并求出动能的变化量 Ek.计算结果见下表.请根据表中的数据，在方格纸上作出 EkW 图象图 9(4)实验结果表明， Ek 总是略小于 W.某同学猜想是由于小车所受拉力小于钩码重力造成的用题中小车和钩码质量的数据可算出小车受到的实际拉力 F_N.答案解析1.【答案】C【解析
19、】由题意知整体过程中动能(机械能) 减少了 8 J，则上升过程克服阻力做功 4 J，下落过程克服阻力做功 4 J；上升到最高点过程动能减少量为 20 J，克服阻力做功 4 J 即机械能 减少 4 J，则重力势能增加了 16 J；A 错误；由题意知整体过程中机械能减少了 8 J，上升过程机械能减少 4 J，B错误；由前面分析知 C 正确；从最高点回到 A 点过程动能增加了 12 J，机械能减少 4 J，则重力势能减少 16 J；D 错误2.【答案】D【解析】 物块向右匀速运动时，设物块与夹子间的静摩擦力为 Ff，则 FfF .对物块，根据平衡条件可得，2F fMg，则绳中的张力 FT2F f2F
20、 ，故 A 错误；小环碰到钉子后，物块向上摆动的过程中，物块在夹子中没有滑动，可知夹子的两侧面与物块间的摩擦力 FfF，所以绳中的张力FT2F f2F，故 B 错误；物块向上摆动的过程，由机械能守恒定律得，MghMv 2，解得 h ，即物块上升的最大高度为 ，故选项 C 错误；假设物块在开始摆动时，两侧面与夹子间刚好达到最大静摩擦力 F，由牛顿第二定律得，2F MgM ，解得 v ，所以速度 v 不能超过，选项 D 正确3.【答案】D【解析】整个运动过程中，恒力 F 做正功，阻力 f 做负功，重力 mg 做负功，由动能定理可知，合外力所做的功等于物体动能的变化量，故选项 A 错误；根据功能原理
21、，除了重力( 或弹力)以外的力所做的功等于物体机械能的变化量，故选项 B 错误，D 正确；功不能转化为能，只能是能与能之间转化，在能与能的转化过程中需要做功，故选项 C 错误4.【答案】C【解析】由于斜面是光滑的，由牛顿运动定律和运动学公式有：ag sin，2av 2，故物体滑至底端时的速度 v ，如图所示可知，重力的方向和 v 方向的夹角 为 90.则物体滑至底端时重力的瞬时功率为Pmgcos(90)mgsin，故 C 选项正确5.【答案】A【解析】冲击钻的工作原理是：由电动机经齿轮传动，带动曲柄、连杆，使压气活塞在冲击活塞缸中做往复运动，压缩气体推动冲击活塞缸锤头以较高的冲击频率打击工具的
22、尾端，使工具向前冲打从能量的转化情况看，电动机工作消耗电能，通过做功的手段把电能转化成曲柄、连杆的机械能，压缩气体带动冲击活塞冲击工具的尾端，使工具向前冲打，钻头与摩擦产生大量的热能，所以有电能和机械能、内能的转化A 正确6.【答案】D【解析】当发动机的额定功率为 P0 时，物体运动的最大速率为 vm，有 P0fv mkv m3，则 k .阻力因数不变，使发动机额定功率增大到 4P0，有 4P0kv 3，则 v vm，A 错误；发动机额定功率不变，使阻力因数减小到 k/4，则有 P0kv 3/4，v vm，B 错误；阻力因数不变，使发动机额定功率增大到 2P0，则有 2P0kv 3，解得 v
23、vm，C 错误；发动机额定功率不变，使阻力因数减小到 k/8，有 P0kv 3/8，解得 v2v m，D 正确7.【答案】D【解析】对货物进行受力分析，货物受重力和起重机对货物拉力 F，根据牛顿第二定律得：F mgma ，解得： Fm，上升 h 高度，起重机对货物拉力做功 WFhmh，故 A、B 错误；由于货物做匀加速运动，所以平均速度等于过程中的中间时刻速度，所以在 t 时间内的平均速度为 at，起重机对货物拉力做功平均功率为 F mat，故 C 错误，D 正确所以选 D.8.【答案】C【解析】由能量转化和守恒定律可知，拉力 F 对木板所做的功 W 一部分转化为物体 m 的动能，一部分转化为
24、系统内能，故 W mv2mgs 相 ，s 相 vt t，vgt，以上三式联立可得：Wmv 2，故 C 正确9.【答案】C【解析】由能的转化及守恒可知：拉力的功率等于克服重力的功率P Gmgv ymgvcos 60 mgL，故选 C.10.【答案】C【解析】由题图可知，t1 s 时，滑块的加速度大小为 2 m/s2，A 选项错误；46 s 时间内，滑块的位移 x(41 1) m 6 m，所以平均速度为 3 m/s，B 选项错误；37 s 时间内，合力做功 W mv2 142J8 J，所以合力做功的平均功率 W2 W，C 选项正确；56 s 时间内 Fma4 N ，选项 D 错误11.【答案】D【
25、解析】由题图知前 3 m 位移内拉力大小为 5 N，摩擦力大小为 Ffmg2 N，根据牛顿第二定律可得加速度为 a1.5 m/s2，所用时间为 t 2 s，末速度为 3 m/s；后 6 m 位移内拉力大小等于 2 N，与摩擦力等大反向，所以物体在 AB 段做匀速直线运动，整个过程中拉力的最大功率为 PmF mvm15 W ，D 对12.【答案】C【解析】因为斜面与滑块之间有摩擦，所以物体没斜面向上运动和向下运动的加速度是不一样的，所以 A 错；物体在上滑与下滑两个过程中，所受的合力方向均沿斜面向下，加速度方向相同故B 错误；设斜面的倾角为 .在上滑过程中：上滑的位移大小为 x1v 0t a1t
26、2，重力势能为Epmgx 1sinmgsin(v 0t a1t2)，此为抛物线方程下滑过程：重力势能为Epmg H a2(tt 0)2sin， H 为斜面的最大高度，t 0 是上滑的时间，此为开口向下的抛物线方程所以 C 是可能的故 C 正确；由于物体克服摩擦力做功，其机械能不断减小，不可能增大，所以 D 图不可能故 D 错误13.【答案】A【解析】根据功的计算公式 WFs cos 可知 F、s 、 相同，故功相同， A 正确；根据动能定理知W 合 E k，只拉力做功相同，其他力做功不同，故动能增量不同，故 B 错误；根据 F 合 ma 知只有拉力 F 相同，加速度不一定相同，故 C 错误；根
27、据 s at2 知加速度不相同，t 不相同，故 D 错误14.【答案】C【解析】物体手拉力加速上升时，拉力做正功，物体的机械能增大，又因为拉力做功为：WT at2，与时间成二次函数关系，A 、B 项错误；撤去拉力后，物体只受重力作用，所以机械能守恒，D 项错误，C 项正确15.【答案】B【解析】小球上升的过程中，重力和阻力都做负功，根据动能定理得：mgHFHE k，则得动能的减小量等于 mgHFH，故 A 错误；根据功能关系知：除重力外其余力做的功等于机械能的变化量在上升过程中，物体克服阻力做功 FH，故机械能减小 FH，故 B 正确，D 错误；小球上升H，故重力势能增加 mgH，故 C 错误
28、16.【 答案】(1)3.90 (2)验证了机械能守恒定律，因为在误差范围内，重力势能减少量等于动能增加量【解析】(1)B：将打点计时器接到电源的 “交流输出”上，故 B 错误，操作不当C：先接触电源后释放纸带，故 C 操作不当故选：BC.(2) 由 可知重物速度的大小 vB m/s3.90 m/s设重物质量为 m，OB 对应的下落过程中，重力势能减少量为 Ep 减 mghB7.70 m，动能增加量为 Ek 增 mv7.61 m，在误差允许范围内，可以认为相等，因此验证了机械能守恒定律17.【 答案】见解析【解析】(1)将滑块轻置于气垫导轨上，看其是否滑动，或者将滑块轻置于气垫导轨上，轻推滑块
29、看是否匀速运动(2)遮光条宽度 d5 mm0.0510 mm5.50 mm0.0 cm.由速度的定义得 v .(3)由动能定理得 W mv2，所以 Wv 2 图象应是过坐标原点的一条倾斜直线18.【 答案】(1)带纸带夹的重锤 (2)A (3)C【解析】(1)实验中是研究重锤下落过程中重力势能的变化量与动能变化量之间的关系的，所以研究对象为带纸带的重锤(2)重物的选择原则为密度大，体积小，所以选 A.(3)打点计时器都是用的交流电源，所以选 C.19.【 答案】(1)4 m (2)24 J【解析】(1)A、B 间的距离与物块在后 2 s 内的位移大小相等，在后 2 s 内物块在水平恒力作用下由
30、B 点匀加速运动到 A 点，由牛顿第二定律知 Fmgma，代入数值得 a2 m/s2，所以 A 与 B 间的距离为 x at24 m.(2)前 3 s 内物块所受力 F 是变力，设整个过程中力 F 做的功为 W，物块回到 A 点时速度为 v，则v22ax，由动能定理知 W2mgx mv2，所以 W2mgxmax24 J.20.【 答案】(1)6 m/s (2)0.125 (3)最后停在 D 点左侧 6.4 m 处，或 C 点右侧 1.6 m 处【解析】(1)由题意可知：v B 解得：v B2v 06 m/s(2)由 B 点到 E 点，由动能定理可得：mgh mgsCDmgH0 mv由带入数据可
31、得： 0.125(3)运动员能到达左侧的最大高度为 h，从 B 到第一次返回左侧最高处，根据动能定理mghmgh mg 2SCD0 mv解得 h1.8 m h2 m所以：第一次返回时，运动员不能回到 B 点设运动员从 B 点运动到停止，在 CD 段的总路程为 s，由动能定理可得：mghmgs0 mv解得：s30.4 m因为 s3 sCD6.4 m，所以运动员最后停在 D 点左侧 6.4 m 处，或 C 点右侧 1.6 m 处21.【 答案】 (1)0.6 s (2)2 m/s (3)0.6 m【解析】 (1)B 从释放到细绳刚绷直前做自由落体运动，有hgt 2代入数据解得 t0.6 s(2)设
32、细绳绷直前瞬间 B 速度大小为 vB，有vBgt细绳绷直瞬间，细绳张力远大于 A、B 的重力，A、B 相互作用，由动量守恒得 mBvB( mA mB)v之后 A 做匀减速运动，所以细绳绷直后瞬间的速度 v 即为最大速度，联立 式，代入数据解得v2 m/s (3)细绳绷直后，A 、B 一起运动， B 恰好可以和地面接触，说明此时 A、B 的速度为零，这一过程中A、B 组成的系统机械能守恒，有 (mA mB)v2 mBgH mAgH代入数据解得 H0.6 m22.【 答案】(1)刻度尺、天平(包括砝码) (2)D (3) 可在小车上加适量的砝码 (4)CD【解析】(1)实验需要测量小车的位移，所以
33、需要刻度尺；另外需要表示小车动能的变化，所以需要小车的质量，因此需要带有砝码的天平；(2)因为实验要测量拉力对小车所做功与动能的关系，所以实验前需要平衡摩擦力，D 项正确；(3) 纸带上点数过少，说明小车的加速度较大，应适当减小加速度，因此需要在小车上加适量的砝码来达到增大质量，减小加速度的目的；(4)拉力做功大于小车动能的增量，原因可能是由于小车运动过程中受到的阻力没有被完全平衡；另一个原因是钩码的重力做功，没有完全转化为小车的动能，钩码自身的动能也在增大，C、D 项正确23.【 答案】(1)l (2)p 0 (3)偏小【解析】小球从 B 点飞出后做平抛运动，则有 lv 0t，h gt2 联
34、立解得 v0l；在吹小球的过程中，由动能定理可得：(P P 0)Sx mv02 ml2 即：l 2 x，可知直线的斜率 k可得 PP 0 .若考虑实验中小球与玻璃管的摩擦则得到的 p 与实际压强相比应偏小24.【 答案】 (1)小车做匀速直线运动 (2)0.228 (3)见解析图 (4)0.093【解析】 (1)该实验能平衡小车所受摩擦力的标志是在斜面上轻推小车，小车能做匀速直线 运动(2)由题意可知，两相邻计数点间的时间 T50.02 s0.1 s，在匀变速直线运动中，一段时间的中间时刻的瞬时速度等于平均速度，则 v1 102 m/s0.228 m/s.(3)根据表中的数据，在方格纸上描点、连线如图所示(4)对小车受力分析，由牛顿第二定律得，FMa ，同理对钩码有，mgFma ，联立解得，F mg0.093 N.
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