1、2020/2021 学年度第一学期调研试卷 高三物理 一、单项选择题:本题共 8 小题，每小题 3 分，共计 24 分.每小题只有一个选项符合 题意. 1.北斗问天，国之夙愿，我国北斗三号系统的收官之星 是地球静止轨道卫星， 其轨道半径约为地球半径的 7 倍.则该 地球静止轨道卫星 A.其发射速度一定大于 11.2km/s B.在轨道上运动的线速度一定 小于 7.9km/s C.环绕地球运动的轨道可能是椭圆 D.它可以经过北京正上空，所以我国能利用它进行电视 转播 2.某同学在方格纸上建立直角坐标系， 根据手拉纸带的 v t 数 据，在坐标系中描点，练习画 v-t 图像，如图所示.为了更清晰地
2、 反映纸带运动速度的变化规律，可以用某种方式把这些点连起来， 下列哪种方式与实际更加接近 3.下列说法正确的是 A.甲图中的酱油蛋是布朗运动的结果 B.乙图中的水黾可以停在水面，是因为水的表面张力 C.丙图中两种材料上的酱油滴，从形状可以看出酱油与左边材料不浸润，与右边材 料浸润. D.丁图中电冰箱能把热量从低温的箱内传到高温的箱外，违背了热力学第二定律 4.紫外光电管是利用光电效应原理对油库等重要场所进 行火灾报警的装置，其工作电路如图所示，其中 A 为阳极，K 为阴极，只有当明火中的紫外线照射到 K 极时，电压表有读数 且启动报警装置.已知太阳光中紫外线频率主要在 7.59.5x104Hz
3、 之间，而明火中的紫外线波长主要在 1.1 1.5*1015Hz 之间，下列说法正确的是 A.为避免太阳光中紫外线干扰，K 极材料的截止频率应大 于 1.5x1015Hz B.只有明火照射时间足够长，电压表才会有示数 C.图中电源左边接电源正极有利于提高报警装置的灵敏度 D.可以通过图中电压表示数变化监测火情的变化 5.如图是两辆汽车从同- 地点同时做直线运动的速度时间图 象，下列说法中正确的是 A.汽车 I 的加速度不断增大，汽车 II 的加速度不断减小 B.汽车 I 的位移不断增大，汽车 II 的 位移不断减小 C.在 00时间内，汽车 I 的平均速度大于汽车 II 的平均速度 D.当 t
4、=1时两车相遇 6. 14 发生放射性衰变为 14 ，半衰期约为 5730 年.己知植物 存活期间，其体内 14 与 12 的比例不变，生命活动结束后， 14 的比例会持续减少.现测 量某古木样品中 14 的比例，发现正好是现代植物样品中 14C 比例的二分之一。则 A.该古木生命活动结束的年代距今约 5730 年 B.再过约 5730 年，该样品中的 14 将全部衰变殆尽 C. 14 衰变为 14 的本质是 1 1 0 1 + 1 0 D.改变样品测量环境的温度和压强，可以改变 14 的衰变快慢 7.图甲为竖直固定在水平面上的轻弹簧，0时刻，将一小球从弹簧正上方某一 高度 处由静止释放.通过
5、安装在弹簧下端的压力传感器，测出此过程中弹簧弹力 F 随时间 t 变 化的图象如图乙所示，不计空气阻力，则 A. t1 时刻小球的动能最大 B. t2-t3 过程小球做加速运动 C. t2 时刻小球加速度大于 g . D.t3 时刻弹簧的弹性势能与小球动能之和最小 8.一水平长绳 上系着-一个弹簧和小球，弹簧和小 球组成的系统固有频率为 2Hz,现让长绳两端 P、 Q 同时以相同的振幅 A 上下各振动了一个周期， 某时刻长绳上形成的波形如图所示. 两列波先后间隔一段时间经过弹簧所在的位置，观察到小球先后出现了两次振动，第一 次振动时起振方向向上，且振动并不显著，而第二次则产生了较强烈的振动，则
6、 A.有 2 个时刻长绳上会出现振动位移大小为 2A 的情况 B.由 Q 振源产生的波在长绳上传播的速度约为 4m/s C.由 P 振源产生的波先到达振动系统 D.两列波相遇时，在相遇区域会产生干涉现象 二、多项选择题:本题共 4 小题，每小题 4 分，共计 16 分.每小题有多个选项符合题 意.全部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，错选或不答的得 0 分. 9.如图所示，由导热材料制成的气缸和活塞将一定质量的理想 气体封闭在气缸内，活塞与气缸壁之间无摩擦，活塞.上方存有少量 液体.将一细管插入液体，活塞上方液体会缓慢流出，在此过程中， 大气压强与外界的温度保持不变.则关于这一过程中气
7、缸内的气体 A.单位时间内气体分子对活塞撞击的次数增多 B.气体分子间存在的斥力是活塞向上运动的原因 C.气体分子的速率分布情况不变 D.气体对外界做的功等于气体从外界吸收的热量 10.装有砂粒的试管竖直静浮于水面，如图所示，现将 试管竖直提起少许，然后由静止释放并开始计时，在一定 时间内试管在竖直方向近似做简谐运动，若取竖直向上为 正方向，则以下描述试管的位移、速度时间图像可能正确 的是 11.如图所示，由 a、b 两种单色光组成的复色光，通过足够大的长方体透明材料后 分成两束,则 A.a 光的频率小于 b 光的频率 B. a 光的折射率大于 b 光的折射率 C.两束光 a、b 只要满足一定
8、的条件可以发生干涉 D.若 a 光照射到某界面上时发生全反射，则 b 光也能发生全 反射 12.如图用三根细线 a、b、c 将两个小球 1 和 2 连接并悬挂， 其中小球 1 的重力1=7N，小球 2 的重力2=9N，两小球处于静 止，已知细线 a 与竖直方向的夹角为370，细线 c 水平，重力加. 速度为 g，sin370=0.6, 则 A.细线 a 对小球 1 的拉力为 20N B.细线 b 对小球 2 的拉力为 15N C.细线 c 对小球 2 的拉力为 10N D.剪断绳 b 后的瞬间，小球 2 的加速度为 g 第 I 卷 (非选择题) 三、实验题:本题共 2 小题，共计 14 分.请
9、将解答填写在答题卡相应的位置. 13. (8 分) (1) 小明同学做“探究弹簀弹力和弹簧形变量的关系”的实验. (1)实验装置如图甲，下列操作规范的是_ A.实验前，应该先把弹簧水平放置测量其原长 B.逐一增挂钩码，记下每增加一只钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重 C.随意增减钩码，记下增减钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重 D.实验结束后，应拆除实验装置，整理并复原实验器材 (2)小明同学在实验后，根据记录的数据进行处理，描绘出弹簧的伸长量I 与弹力 F 相关的点如图乙所示，请你根据所学知识用- -定的线来拟合这些点. (3)根据拟合的线，回答以下问题: 本实验中弹簧的劲度系数
10、 k=_N/m 图线中后半部分明显偏离直线，你认为造成这种现象的主要原因是 _ 14.(6 分)用如图 1 所示的装置研究平抛运动.将白纸和复写纸对齐重叠并固定在硬板 上。钢 球沿斜槽轨道 PQ 滑下后从 Q 点飞出，落在水平挡板 MN 上。由于挡板靠近硬板一 侧较低， 钢球落在挡板_上时，钢球侧面会在白纸上挤压出一个痕迹点.移动挡板，重新 释放钢球，如此重复，白纸上将留下一系列痕迹点.为定量研究，在如图 2 所示的白纸上 建立以抛出点为坐标原点、水平方向为 x 轴、竖直方向为 y 轴的坐标系。 (1)为保证实验结果误差尽可能小，下列说法正确的是_ A.斜槽轨道必须光滑 B.必须调节斜槽，保证
11、末端水平，且让小球出射方向与硬板平行 C.必须调节硬板，保证硬板在竖直平面内 D.轨道末端的 Q 点即为坐标原点，也就是平抛运动的起点 (2)在图 2 中实验记录到的点有一个位置明显发生偏差， 其产生的原因可能是:该次实 验时，小球在斜槽.上释放的位置与其它几次相比偏 (选填“高”或“低”) . (3)根据图2记录的点可求得钢球平抛的初速度大小为 m/s (已知g=10m/2) . 四、计算题:本题共 4 小题，共计 46 分，解答时请写出必要的文字说明、方程式和 重要的演算步骤,只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数 值和单位. 15. (6 分)如图，在一个空的铝制
12、易拉罐中插入一根透明吸管，接口用蜡密封，在吸 管内引入一小段油柱(长度可以忽略) .如果不计大气压的变化，这就是一个简易“温度 计”.已知大气压强是 1.0 x105pa，易拉罐的容积是 300 cm3，均匀吸管内部的横截面 积为 0.2 cm2,吸管露出的长度为 20 cm,当温度 为 27 C时， 油柱刚好在吸管和易拉罐的接口处。 缓慢升高环境温度， 易拉罐中气体从外界吸热 10J， 油柱恰好到达吸管管口，求: (1)此时环境温度 T; (2)易拉罐中气体内能的变化U. 16. (10 分)一个质量为 m 的蹦床运动员，从离水平网面 h 高处自由下落，着网后沿 竖直方向蹦回到离水平网面 2
13、h 高处.已知运动员与网接触的时间为 Ot,重力加速度为 g, 取向上为正方向，空气阻力忽略不计. (1)运动员着网时的速度大小 v; (2)整个过程中，运动员所受弹力的冲量 I; (3)全过程中，人增加的机械能是多少?这些能量由谁提供? 17. (14 分)如图所示，一条带有圆轨道的长直轨道水平固定，圆轨道竖直，底端分 别与两侧的水平直轨道相切， 圆轨道的半径 R=0.5m,滑块以-定的初速度从左侧水平直轨 道滑入圆轨道，滑过最高点 Q 后再沿圆轨道滑出，进入右侧水平直轨道，己知图中 P 点 左侧轨道均光滑，右侧轨道呈粗糙段、光滑段交替排列，每段长度都为 L= lm，滑块与 各粗糙段间的动摩
14、擦因数都为 u=0.1，重力加速度 g 取 10m/2 (1)若滑块从左侧进入圆轨道的初速度为 25m/s,， 问滑块能否到达圆轨道的最高点 Q; (2)若滑块从左侧进入圆轨道，运动至图中 E 点，恰好与轨道无相互作用，已知过 E 点的半径 与竖直方向夹角为 ( cos0 =2 3)，求进入圆轨道的初速度. (3)若滑块从左侧进入圆轨道的初速度为 5m/s，问滑块最终停在右侧轨道的何处? 18. (16 分)如图所示，一倾角为的固定斜面底端安装一挡板， 物块 Q 静止在与挡 板相距为 s(足够大)的 A 处.某时刻，物块 P 以沿斜面向下的 速度vo与Q发生弹性碰撞.已知Q与斜面间的动摩擦因数
15、为 2tan,最大静摩擦力等于滑动摩擦力，P 与斜面间无摩擦， 两物块(视为质点)质量均为 m，取重力加速度为 g. (1)求 P 与 Q 第一次碰撞后瞬间各自的速度大小; (2)求 P 与 Q 第二次碰撞前瞬间各自的速度大小; (3)当 Q 与挡板发生碰撞瞬间，撤去物块 P，且 Q 与挡板碰撞时损失的能量是碰前的 3 4 ，求 Q 停止的位置与挡板的距离. 物理参考答案及评分标准 一、单项选择题:本题共 8 小题，每小题 3 分，共计 24 分。每小题只有一个选项符 合题意。 1.B 2.C 3.B 4. D 5.C 6.A 7.C 8. A 二、多项选择题:本题共 4 小题，每小题 4 分
16、，共计 16 分.每小题有多个选项符合题 意.全部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，错选或不答的得 0 分。 9. CD 10. AD 11. AD 12. ABD 三、实验题:本题共 2 小题，共计 14 分.请将解答填写在答题卡相应的位置。 13. (8 分) (1) BD (2 分) (漏选得 1 分，错选不给分) (2)图略(2 分) (只画成直线 或曲线不给分) (3) 100 (2 分)超过弹簧的弹性限度(2 分) 14. (6 分) (1) BC (2 分) (漏选得 1 分，错选不给分) (2) 低(2 分) (3) 1 (2 分) 四、计算题:本题共 4 小题，共计
17、46 分.解答时请写出必要的文字说明、方程式和重 要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数 值和单位.(只要结果正确给全分，结果错误按步得分) 15. (6 分)解: (1) (3 分)由于气体做等压变化 V/T=C 有 300 273+27 = 300+0.220 (若本式没有，结果正确，同样给分) 解得 T = 304K (2) (3 分)等压变化，气体对外做功 W = PV(1 分) W=1x105x0.2x10 4x0.2=0.4J 由热力学第一定律U=W +Q(1 分) U=-0.4+10=9.6J(1 分) (只要结果正确给全分，结果错误按步得分
18、。其他解法，相应给分) 16.(10 分)解(1) (3 分)运动员触网前自由落体 v2= 2gh(2 分) 求得着网速度 v=2(1 分) (直接得到结果同样给分) (2) (4 分)运动员离开网后竖直上抛 v2 =2g x 2h 运动员离开网的速度 v2= 2(1 分)(若没有本式，但结果正确同样给分) 着网到反弹过程，动量定理 I-mgt= mv-(-mv) (2 分) 可得 I= mgt+(2+2)(1 分) (3) (3 分)接触网前后，机械能变化E=1 2mv 2-1 2mv 2 (1 分) 可知E=mgh (1 分) (直接写出本结果，只给本式分) 这些能量是运动员自身提供的。(
19、1 分) 17. (14 分)解: (1) (5 分)假设能到 Q,从出发点到最高点 Q,动能定理 -2mgR= 1 2m 2 - 1 2m0 2(3 分) 到达 Q 的速度=0,恰好能到达圆轨道最高点 Q (2 分) (只要算到=0 即给全分) (2) (5 分)物块在 E 点受力分析 mgcos = m 2 (2 分) 物块在 E 点的速度=2 3 (1 分) (本式若没有，结果正确也给分) 出发点到 E 点，动能定理- mgR(l + cos)= 1 2m 2-1 2 2 出发点的速度 v=2,代入数据可得 v=25 m/s (1 分) (3) (4 分)全过程动能定理- mgx= 01
20、 2 m0 2 (2 分) 在粗糙段上的位移为 x=12.5m(1 分) 可知，滑块最终距离 P 点右端 24.5m(1 分) (用其他方法，若能得到结果，同样给分) 18. (16 分)解: (1) (5 分) 动量守恒 mv。= mVp1 + m1 (2 分) 能量守恒1 2m0 2 =1 2m1 2 +1 2m1 得 Vp1=0, 1=V。(2 分) (2) (6 分) 对 Q 受力分析可知 umgcos mg sin = m 可得 =gsin，(1 分) Q 匀减速直线运动 = vot1 2(gsin) 2 对 P 受力分析可知 mgsin=map ap =gsin (1 分) P 匀
21、加速直线运动 xp =1 2(gsin) 2 碰撞条件为 xp=xQ，于是碰撞时间 t= 0 (2 分) (若结果错误，只要前面有任意两条万程正确即可得 2 分) 且=apt, =v-a Qt，于是 =V Q, =0 (2 分) (用其他方法得到结果，同样给分 ) (3) (5 分)任意两次碰撞位置的距离 L= 0 2 2(1 分) PQ 最后一次碰撞的位置与挡板距离 x=s-nL，(1 分) 其中 n 为 结果的整数部分 PQ 最后一次碰撞后，Q 运动至挡板处有1 2 0 2=-2(g sin)x 于是，Q 与挡板碰撞前的速度 v1 =0 2 2（）(1 分) (若直接列式得到本式，可得 3 分) Q 与挡板碰撞前后，有1 2m1 2一1 2m0 2*1 4， Q 反弹的速度2 =1 2 0 2 2（）( Q 沿斜面上升过程- mgx sin - mg(cos)x=0-1 2m2 2 (1 分) 于是，Q 停下位置距离挡板 x= 1 24 0 2 2(),其中 n 为 的整数部分
浙公网安备33030202001339号