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高三数学二轮复习专题2

(四四)概率与统计概率与统计 1.(2019 全国)演讲比赛共有 9 位评委分别给出某选手的原始评分,评定该选手的成绩时, 从 9 个原始评分中去掉 1 个最高分、1 个最低分,得到 7 个有效评分.7 个有效评分与 9 个原 始评分相比,不变的数字特征是( ) A.中位数 B.平均数 C.方差 D

高三数学二轮复习专题2Tag内容描述:

1、(四四)概率与统计概率与统计 1.(2019 全国)演讲比赛共有 9 位评委分别给出某选手的原始评分,评定该选手的成绩时, 从 9 个原始评分中去掉 1 个最高分、1 个最低分,得到 7 个有效评分.7 个有效评分与 9 个原 始评分相比,不变的数字特征是( ) A.中位数 B.平均数 C.方差 D.极差 答案 A 解析 记 9 个原始评分分别为 a,b,c,d,e,f,g,h,i(按从小到大的顺序排列),易知 e 为 7 个有效评分与 9 个原始评分的中位数,故不变的数字特征是中位数,故选 A. 2.(2019 东北三省三校模拟)将一枚质地均匀的硬币连掷三次,事件“恰出现 1 次反面朝。

2、(三三)立体几何立体几何 1.已知 a,b 为异面直线,下列结论不正确的是( ) A.必存在平面 ,使得 a,b B.必存在平面 ,使得 a,b 与 所成角相等 C.必存在平面 ,使得 a,b D.必存在平面 ,使得 a,b 与 的距离相等 答案 C 解析 由 a,b 为异面直线知,在 A 中,在空间中任取一点 O(不在 a,b 上),过点 O 分别作 a,b 的平行线,则由过点 O 的 a,b 的平行线确定一个平面 ,使得 a,b,故 A 正确; 在 B 中,平移 b 至 b与 a 相交,因而确定一个平面 ,在 上作 a,b夹角的平分线,明 显可以作出两条.过角平分线且与平面 垂直的平面 使得 a,。

3、(六六)函数与导数函数与导数 1.(2019 内蒙古模拟)已知函数 f(x) 2xx3,x0, ln x,x0, 则 f f 1 e 等于( ) A.1 B.1 C.3 2 D. 1 2 答案 C 解析 函数 f(x) 2xx3,x0, ln x,x0, f 1 e ln 1 e1, f f 1 e f(1)2 1(1)33 2. 2.(2019 唐山模拟)已知 alog32,blog43,clog0.20.3,则 a,b,c 的大小关系是( ) A.a 3 4 4 ,故 log43 4 3 4 log 4 , 即 b3 4, 又 10 3 4 4 3 4 5, 故10 3 3 4 5 , 故 log0.20.3 3 4 55 10 log0,故排除 D, 当 x时,f(x)0,故排除 B. 4.(2019 天津九校联考)已知函数 f(x) 。

4、(五五)解析几何解析几何 1.(2019 成都诊断)已知 aR 且为常数,圆 C:x22xy22ay0,过圆 C 内一点(1,2)的直 线 l 与圆 C 相交于 A, B 两点, 当弦 AB 最短时, 直线 l 的方程为 2xy0, 则 a 的值为( ) A.2 B.3 C.4 D.5 答案 B 解析 圆 C:x22xy22ay0, 化简为(x1)2(ya)2a21, 圆心坐标为 C(1,a),半径为 a21. 如图, 由题意可得,当弦 AB 最短时,过圆心与点(1,2)的直线与直线 2xy0 垂直. 则 a2 11 1 2,即 a3. 2.(2019 毛坦厂中学联考)已知 F1,F2两点是中心为原点的双曲线 C 的焦点,F1(0,5),P 是该 双曲线上一点,|PF1|PF2|6,则该双。

5、第第 3 讲讲 平面向量平面向量 1.(2019 佛山模拟)已知向量 a(2,1),b(1,k),a(2ab),则 k 等于( ) A.8 B.6 C.6 D.8 答案 A 解析 a(2,1),b(1,k),2ab(3,2k), a(2ab),则 a()2ab 62k0, 解得 k8. 2.(2019 福建三校联考)若平面向量 a, b 满足 a (ab)3, 且 a 1 2, 3 2 ,| |b 2 5, 则|ab 等于( ) A.5 B.3 2 C.18 D.25 答案 A 解析 a 1 2, 3 2 ,|a|1, 又 a()ab 3| |a 2a b3a b2, (ab)2| |a 22a b| | b 2142025, |ab 5. 3.(2019 乐山模拟)如图所示,AD 是ABC 的中线,O 是 AD 的中点,若CO AB。

6、回扣回扣 5 立体几何与空间向量立体几何与空间向量 1.三视图 (1)三视图的正(主)视图、侧(左)视图、俯视图分别是从几何体的正前方、正左方、正上方观察 几何体画出的轮廓线.画三视图的基本要求:正(主)俯一样长,俯侧(左)一样宽,正(主)侧(左) 一样高. (2)三视图排列规则:俯视图放在正(主)视图的下面,长度与正(主)视图一样;侧(左)视图放在 正(主)视图的右面,高度和正(主)视图一样,宽度与俯视图一样. 2.柱、锥、台、球体的表面积和体积 侧面展开图 表面积 体积 直棱柱 长方形 S2S底S侧 VS底 h 圆柱 长方形 S2r22rl Vr2 l 棱锥 由若干个。

7、第第 4 讲讲 导数的热点问题导数的热点问题(大题大题) 热点一 导数的简单应用 利用导数研究函数的单调性是导数应用的基础,只有研究了函数的单调性,才能研究其函数 图象的变化规律,进而确定其极值、最值和函数的零点等.注意:若可导函数 f(x)在区间 D 上 单调递增,则有 f(x)0 在区间 D 上恒成立,但反过来不一定成立. 例 1 (2019 武邑调研)已知函数 f(x)ln xax2bx(其中 a,b 为常数且 a0)在 x1 处取得 极值. (1)当 a1 时,求 f(x)的单调区间; (2)若 f(x)在(0,e上的最大值为 1,求 a 的值. 解 (1)因为 f(x)ln xax2bx,x0, 所以 f(x)1。

8、第第 7 讲讲 数学文化数学文化 1.(2019 张家界模拟)数的概念起源于大约 300 万年前的原始社会,如图 1 所示,当时的人类 用在绳子上打结的方法来记数,并以绳结的大小来表示猎物的大小,即“结绳计数”.图 2 所 示的是某个部落一段时间内所擒获猎物的数量,在从右向左依次排列的不同绳子上打结,右 边绳子上的结每满 7 个即在左边的绳子上打一个结,请根据图 2 计算该部落在该段时间内所 擒获的猎物总数为( ) A.336 B.510 C.1 326 D.3 603 答案 B 解析 由题意知,图 2 中的“结绳计数”法是七进制计数法,所以图 2 中该部落在该段时间 内。

9、70 分分 解答题标准练解答题标准练(三三) 1.ABC 的内角 A,B,C 的对边分别为 a,b,c,已知 1 2bsin C cos Asin Acos C,a2. (1)求 A; (2)求ABC 的面积的最大值. 解 (1)因为 1 2bsin C cos Asin Acos C, 所以1 2bcos Asin Ccos Asin Acos Csin(AC) sin B,所以bcos A 2sin B1, 由正弦定理得 b sin B a sin A 2 sin A, 所以bcos A 2sin B 2cos A 2sin A1,sin Acos A, 又 A(0,),所以 A 4. (2)由余弦定理 a2b2c22bccos A 得, b2c2 2bc4, 因为 b2c22bc. 所以 2bc42bc, 解得 bc2(2 2), 所以 SABC1 2bcsin A 2 4 bc 2 4 2(2 2) 21.。

10、70 分分 解答题标准练解答题标准练(四四) 1.已知在ABC 中,角 A,B,C 所对的边分别为 a,b,c,cos(2B2C)3cos A10,且 ABC 的外接圆的直径为 2. (1)求角 A 的大小; (2)若ABC 的面积为 2 3,求ABC 的周长; (3)当ABC 的面积取最大值时,判断ABC 的形状. 解 (1)由题意知 2A2B2C2,所以 cos(2B2C)3cos A1cos 2A3cos A10, 即 2cos2A3cos A20, 解得 cos A2(舍去)或 cos A1 2. 又 00 恒成立, 则 x1x2 4k 2k21,x1x2 2 2k21. 所以 xx1x2 2 2k 2k21, yk 2k 2k21 1 1 2k21, 两式联立,得 x22y22y0(y0). 又(0,0)适合上式, 故弦 PQ 的中点 M 。

11、 70 分分 解答题标准练解答题标准练(一一) 1.(2019 广州模拟)已知an是等差数列,且 lg a10,lg a41. (1)求数列an的通项公式; (2)若 a1,ak,a6是等比数列bn的前 3 项,求 k 的值及数列anbn的前 n 项和. 解 (1)数列an是等差数列,设公差为 d, 且 lg a10,lg a41. 则 a11, a13d10, 解得 d3, 所以 an13(n1)3n2. (2)若 a1,ak,a6是等比数列bn的前 3 项, 则 a2ka1 a6, 根据等差数列的通项公式得到 ak3k2, 代入上式解得 k2;a1,a2,a6是等比数列bn的前 3 项,a11,a24, 所以等比数列bn的公比为 q4. 由等比数列的通项公式得到 bn4n 1.。

12、第第 3 讲讲 导数的简单应用导数的简单应用(小题小题) 热点一 导数的几何意义与定积分 应用导数的几何意义解题时应注意: (1)f(x)与 f(x0)的区别与联系,f(x0)表示函数 f(x)在 xx0处的导数值,是一个常数; (2)函数在某点处的导数值就是对应曲线在该点处切线的斜率; (3)切点既在原函数的图象上也在切线上. 例 1 (1)(2019 湖南省三湘名校联考)在二项式 x2 a 2x 6 的展开式中,其常数项是 15.如图所 示,阴影部分是由曲线 yx2和圆 x2y2a 及 x 轴在第一象限围成的封闭图形,则封闭图形 的面积为( ) A. 4 1 6 B. 4 1 6 C. 4 D.1 6 答案 B 解。

13、 一一、数学抽象数学抽象、直观想象直观想象 素养 1 数学抽象 通过由具体的实例概括一般性结论,看我们能否在综合的情境中学会抽象出数学问题, 并在得到数学结论的基础上形成新的命题,以此考查数学抽象素养. 例 1 (2019 全国)设函数 f(x)的定义域为 R, 满足 f(x1)2f(x), 且当 x(0,1时, f(x)x(x 1).若对任意 x(,m,都有 f(x)8 9,则 m 的取值范围是( ) A. ,9 4 B. ,7 3 C. ,5 2 D. ,8 3 答案 B 解析 当1log0.310, 0ab ab 1,abab120,所以优惠 10 元,顾客实际需要付款 130 元. (2)设顾客一次购买的水果总价为 m 元,由题意知,。

14、回扣回扣 6 概率与统计概率与统计 1.分类加法计数原理 完成一件事, 可以有n类办法, 在第一类办法中有m1种方法, 在第二类办法中有m2种方法, , 在第 n 类办法中有 mn种方法,那么完成这件事共有 Nm1m2mn种方法(也称加法原 理). 2.分步乘法计数原理 完成一件事需要经过 n 个步骤, 缺一不可, 做第一步有 m1种方法, 做第二步有 m2种方法, , 做第 n 步有 mn种方法,那么完成这件事共有 Nm1m2mn种方法(也称乘法原理). 3.排列 (1)排列的定义:从 n 个不同元素中取出 m(mn)个元素,按照一定的顺序排成一列,叫做从 n 个不同元素中取出 m 。

15、(二二)数数 列列 1.(2019 蚌埠质检)已知数列an满足:a11,an12ann1. (1)设 bnann,证明:数列bn是等比数列; (2)设数列an的前 n 项和为 Sn,求 Sn. (1)证明 数列an满足:a11,an12ann1. 由 bnann,那么 bn1an1n1, bn 1 bn an 1n1 ann 2ann1n1 ann 2; 即公比 q2,b1a112, 数列bn是首项为 2,公比为 2 的等比数列. (2)解 由(1)可得 bn2n, ann2n, 数列an的通项公式为 an2nn, 数列an的前 n 项和为 Sn212222332nn (21222n)(123n) 2n 12n 2 2 n 2. 2.已知数列an,a11,a23,且满足 an2an4(nN*). (1)求数列an的通项公式; (2)若数列bn满足 。

16、(二二)数数 列列 1.(2019 全国)已知各项均为正数的等比数列an的前 4 项和为 15,且 a53a34a1,则 a3 等于( ) A.16 B.8 C.4 D.2 答案 C 解析 设等比数列an的公比为 q,由 a53a34a1得 q43q24,得 q24,因为数列an 的各项均为正数,所以 q2,又 a1a2a3a4a1(1qq2q3)a1(1248)15,所 以 a11,所以 a3a1q24. 2.(2019 榆林模拟)在等差数列an中,其前 n 项和为 Sn,且满足 a3S512,a4S724,则 a5S9等于( ) A.24 B.32 C.40 D.72 答案 C 解析 a3S56a312,a4S78a424, a32,a43,a54, a5S910a540. 3.(2019 肇庆检测)记 Sn为等差数列an的前 n 项和,公。

17、 典例 5 (12 分)(2018 全国)设椭圆 C:x 2 2y 21 的右焦点为 F,过 F 的直线 l 与 C 交于 A, B 两点,点 M 的坐标为(2,0). (1)当 l 与 x 轴垂直时,求直线 AM 的方程; (2)设 O 为坐标原点,证明:OMAOMB. 审题路线图 1l 与 x 轴垂直l 的方程为 x1将 l的方程与椭圆 C 的方程联立解得 A 点坐标得到直 线 AM 的方程 2先考虑 l 与 x 轴垂直或 l与 x 轴重合的特殊情况要证的结论再考虑 l 与 x 轴不垂直也不 重合的一般情况设 l 的方程并与椭圆方程联立得 x1x2,x1x2用过两点的斜率公式写出 kMA,kMB计算 kMAkMB得 kMAkMB0OMAOMB. 规 范 解 答。

18、 典例 4 (12 分)(2019 全国)为治疗某种疾病,研制了甲、乙两种新药,希望知道哪种新药 更有效, 为此进行动物试验.试验方案如下: 每一轮选取两只白鼠对药效进行对比试验.对于两 只白鼠,随机选一只施以甲药,另一只施以乙药.一轮的治疗结果得出后,再安排下一轮试验. 当其中一种药治愈的白鼠比另一种药治愈的白鼠多 4 只时,就停止试验,并认为治愈只数多 的药更有效.为了方便描述问题,约定:对于每轮试验,若施以甲药的白鼠治愈且施以乙药的 白鼠未治愈则甲药得 1 分,乙药得1 分;若施以乙药的白鼠治愈且施以甲药的白鼠未治愈 则乙药。

19、70 分分 解答题标准练解答题标准练(二二) 1.(2019 南昌模拟)在ABC 中, 内角 A, B, C 的对边分别为 a, b, c, 已知cos A2cos C cos B 2ca b . (1)求sin C sin A的值; (2)若 cos B1 4,b2,求ABC 的面积. 解 (1)由正弦定理,得2ca b 2sin Csin A sin B , 所以cos A2cos C cos B 2sin Csin A sin B , 即(cos A2cos C)sin B(2sin Csin A)cos B, cos Asin B2cos Csin B2sin Ccos Bsin Acos B, cos Asin Bsin Acos B2sin Ccos B2cos Csin B. 化简得 sin(AB)2sin(BC), 又 ABC,所以 sin C2sin A, 因此sin C sin A2. (2)由sin C sin A。

20、 典例 2 (12 分)(2018 全国)已知数列an满足 a11,nan12(n1)an.设 bnan n . (1)求 b1,b2,b3; (2)判断数列bn是否为等比数列,并说明理由; (3)求an的通项公式. 审题路线图 1将题目中的递推公式变形写出 an1的表达式分别令 n1,2,3求得 b1,b2,b3 2将题目中的递推公式变形得到 an1 n12 an n 根据 bnan n 得到 bn12bn根据等比数列 的定义判定 3由2求得 bn进而求得 an 规 范 解 答 分 步 得 分 构 建 答 题 模 板 解 (1)由条件可得 an12n1 n an, 将 n1 代入得 a24a1, 又 a11, a24,即 b22,1 分 将 n2 代入得 a33a2, a312,即 b34,2 。

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